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破解目标：破解一经过加密的asp木马登陆密码。由于木马里没有版本说明，具体也不知道这木马叫什么名。
破解思路：两种，用加密后的密码替换密文和利用密文及加密算法反解出密码。
前者根本算不上真正的破解。如果得不到asp源代码，那么可以说对破解密码，我毫无胜算。有位华夏的朋友说他得到了一个web的权限，但是无法修改主页，发现其中已经有个asp木马，但密码是经过加密的。好了，废话太多了，那么，作好准备，这次的解说将会相当的漫长。
asp木马登陆密码验证关键代码如下：
if epass(trim(request.form("password")))="q_ux624q p" then
response.cookies("password")="8811748"
...
很明显，用的是epass函数把输入的密码进行加密，然后将得到的密文和原密文进行比对。如果稍有点编程基础的话，特别是vb，那么epass里的加密算法将一目了然。如果没有，那么，没关系，相信经过我的讲解，你很快就会明白。函数中，保存密码的变量是pass。pass&"zxcvbnm,./" 将pass里的内容与zxcvbnm,./相连接得到一个新的字符串。left(pass&"zxcvbnm,./",10)取前10位。strreverse函数将得到的10位字符串次序颠倒。len(pass)获得密码的长度。下面是一个循环。将得到的字符串中的每一位的ascii码-密码长度 取整(字符所在位*1.1),然后将得到的数值转换成字符重新连接。最后将得到的字符串中有'字符的全部替换成b，这样密文的产生了。如果我们提取加密算法用自己的密文替换原有密文，那么相映的密码也会变成你的密码。但我说过了，这并不是真正意义上的破解。
假如我们输入的是love，加密过程如下：
love
lovezxcvbnm,./ '连接
lovezxcvbn '取前10位
nbvcxzevol '次序颠倒
n
110(ascii)-4(位数) int(1(位置)*1.1)=107
107的ascii码为k,依次类推，最后密文：
k`ucy hzts
我们可以通过密文和加密算法反推出密码，从算法的最后一步开始往上推。最后一步用b替换所有'，有没必要将b替换回'呢，答案是否定的。只要我们能得到最后的密文，密码不一样也是有可能的。如果有10个b，那原密码的个数就2的10次方个，虽然原密码只有一个，但是1024个密码都是正确的。如果要完美破解的朋友，可以自己试着编写全部的组合。那么这步可以忽略了， 上面的算法很清晰。
chr(asc(mid(temppass,j,1))-templen int(j*1.1))
我们只要简单的将 和-换一下就可以了。
chr(asc(mid(temppass,j,1)) templen-int(j*1.1))
但是还有一个问题，我们事先不知道密码的长度，没关系，幸好密码在1-10位之间，不太长。那么我们可以用一个1到10的循环求出所有可能的密码，再将其用strreverse函数次序颠倒。那么最后得到的密码我们该怎么确定哪个就是呢。可以根据pass&"zxcvbnm,./",看除密码最后是否有zxvbnm,./的前几位。那么这就是真正的密码。那么如果密码是10位，将是永远正确的，因为后面不存在连接。所以我们可能得到两个答案。
以下便是我编写的解密函数：
function ccode(code)
for templen1=1 to 10
mmcode=""
for j=1 to 10
mmcode=mmcode chr(asc(mid(code,j,1)) templen1-int(j*1.1))
next
ccode=strreverse(mmcode)
response.write "密码"&templen1&":"&ccode&""
if mid(ccode,templen1 1,10-templen1)=left("zxcvbnm,./",10-templen1) and templen1<>10 then
result=left(ccode,templen1)
next
response.write "最后密码:"&result
end function
好了，算法可能在这么短的时间内无法完全掌握，这是正常的，那么我将在压缩包中附送说明文档和加解密的asp源代码，大家拿回去好好研究吧。同样，密码10永恒正确的。那么我们将asp里原有的密文拿过来看看，会有什么结果。
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